Math    schooL

 

 

Квадратный трёхчлен

 

Квадратный трёхчлен

 

Немного теории

В большинстве задач, сводящихся к исследованию квадратичной функции

у = f(х) = ax2 + bx + c,

полезно представить себе её график:

  • если он пересекает ось Ох в двух точках (корнях) х1 и х2, то между корнями значения функции у f(х) противоположны по знаку числу а, а вне отрезка [х1; х2] – совпадают по знаку с числом а;
  • при этом вершина параболы у = f(х) (абсцисса которой равна полусумме корней) соответствует точке экстремума функции у = f(х): минимума, если а > 0, и максимума, если а < 0.

В ряде задач полезно использовать такой факт:

  • если непрерывная на отрезке [а, b] функция у = f(х) принимает в концах этого отрезка значения разных знаков, то между точками a и b лежит хотя бы один корень уравнения f(х) = 0.

 

Задачи с решениями

 

1. Известно, что + b + c < 0 и что уравнение ax2 + bx + c = 0 не имеет действительных корней. Определить знак коэффициента с.

Квадратный трёхчлен f(x) = ax2 + bx + c не имеет действительных корней, значит, он сохраняет один и тот же знак для всех значений аргумента х. Так как  f(1) = + b + c < 0, то f(0) = c < 0.

Ответ: c < 0.

 

2. Может ли квадратное уравнение ax2 + bx + c = 0 с целыми коэффициентами иметь дискриминант равный 23?

Допустим, что дискриминант указанного уравнения равен числу 23. Тогда можно записать:

b2 – 4ac = 23,

и

b2 – 25 = 4ac – 2

или

(b – 5) ·(b + 5) = 2(2ас – 1).

Заметим, что b – 5 и b + 5 – числа одинаковой чётности, поэтому их произведение, если оно чётно, делится на 4. Правая часть последнего равенства есть чётное число, не делящееся на 4. Полученно противоречие, значит, сделаное допущение ложно. 

Ответ: нет.

 

3. Найти все пары действительных чисел p, q, для которых многочлен xpxq, имеет 4 действительных корня, образующих арифметическую прогрессию.

Многочлен x4 + px2 + q, имеет 4 действительных корня в том и только в том случае, если многочлен у+ pу q (относительно у = x2) имеет два неотрицательных корня, т.е. числа р и q удовлетворяют условиям 

p2 > 4q,   q > 0,   p < 0. 

Если исходный многочлен имеет 4 действительных корня (а именно: –х1, –х2, х1, х2, где без ограничения общности считаем, что х1 > х2 > 0), то они образуют арифметическую прогрессию тогда и  только  тогда,   когда   совместна система 

–2х2 = – х1 + х2,   x12 + x22 = –p,   x12 · x22 = q 

(смотрите теорему Виета и обратную к ней), т.е. когда q = 0,09 · р2.   Таким образом, все искомые пары чисел р, q описываются условиями 

p < 0,   q = 0,09 · р2

(неравенства p2 > 4q и q > 0,вытекают из последнего равенства).

 

4. Пусть a, b, c – действительные числа. Доказать, что уравнение 

(x – a)(x – b) + (x – b)(x – c) + (x – c)(x – a) = 0 

всегда имеет хотя бы один действительный корень. Выяснить, когда таких корня два.

Обозначим 

f (x) = (x – a)(x – b) + (x – b)(x – c) + (x – c)(x – a). 

Без ограничения общности рассуждений можно считать, что a < b < c. Рассмотрим все возможные случаи:

– если a = b = c, то можно записать f(x) = 3(x – a)2, и, очевидно, f(а) = 0: а – корень;

– если a = b, то f(x) = (x – a)2+ 2 (x – а)(x – c), и f(а) = 0: а – корень;

– если b = c, то f(x) = 2(x – a)(x – b) + (x – b)2, и f(b) = 0: b – корень;

– если a < b < c, то 

f(a) = (a – b) (a – c) > 0,

f(b) = (b – a) (b – c) < 0,

f(c) = (c – a) (c – b) > 0.

Так как f(x) – непрерывная квадратичная функция, принимающая значения разного знака на концах интервалов (a; b) и (b; c), то она имеет два различных действительных корня х1 и х2. Более того  

a < х1 < b < х2 < c.

Решение задачи окончено.

 

5. Дан многочлен ax2 + bx + c. За один ход разрешается заменить х на (х – k) или заменить многочлен целиком на многочлен

cx2 + (b + 2c)x + (a + b + c).

Можно ли после нескольких ходов из многочлена x2 – 3x – 4 получить многочлен x2 – 2x – 5?

Нетрудно убедиться, что при указанных заменах исходного многочлена его дискриминант не изменяется. Значит, если из многочлена  x2 – 3x – 4 можно получить многочлен x2 – 2x – 5, то их дискриминанты должны быть равны. Однако это не так.

Ответ: нет.

 

6. Найдите все значения a и b, такие, что для любого х из отрезка [–1; 1] будет выполняться неравенство

| 2x2 + ax + b| < 1.

Пусть числа а и b такие, что для любого х из отрезка [–1; 1] выполняется данное неравенство, т. е,

–1 < 2x2 + ax + b < 1.

Полагая здесь последовательно х = 0, х = 1, х = – 1, получаем, что а и b удовлетворяют следующей системе неравенств:

–1 < b < 1,

–3 < a + b < –1,

–3 < b – а < – 1.

Сложив почленно два последних неравенства, подучим 

–3 < b < – 1. 

Отсюда и из первого неравенства следует, что b = –1. Тогда а удовлетворяет следующим двум неравенствам:

–2 < a < 0,

0 < a < –2, 

и поэтому, а = 0. Таким образом, если существуют числа а и b, удовлетворяющие условию задачи, то

а = 0, b = – 1

и других решений задача не имеет.

Чтобы доказать, что найденные значения а = 0, b = – 1 являются решением задачи, остается проверить, что для любого х из отрезка [–1; 1] верно двойное неравенство 

–1 < 2x2 – 1 < 1. 

А оно равносильно неравенству

0 < 2x< 2,

которое, очевидно, справедливо на числовом промежутке [–1; 1].

Ответ: а = 0, b = – 1.

 

7. По трём прямолинейным дорогам с постоянными скоростями идут три пешехода. В начальный момент времени они не находились на одной прямой. Докажите, что они могут оказаться на одной прямой не более двух раз.

Поставим каждому из пешеходов в соответствие точку в прямоугольной системе координат. Точки (х1; у1), (х2; у2), (х3; у3)  лежат на одной прямой тогда и только тогда, когда 

(х1х3)(у2у3) = (х2х3) (у1у3).

Так как скорости пешеходов постоянны, то х1(t), у1(t), х2 (t), у2(t), х3(t) и у3(t)  – линейные функции от времени t и последнее равенство является квадратным уравнением относительно t, которое может иметь не более двух решений t1 и t2. Это и есть те два возможных момента времени, когда все три пешехода могут оказаться на одной прямой.

 

8. На координатной плоскости Oхy нарисован график функции y = x2.  Потом оси координат стёрли, осталась только парабола. Как при помощи циркуля и линейки восстановить оси координат и единицу длины?

Докажем следующую лемму.

Лемма. Пусть M и N – середины двух параллельных хорд параболы. Тогда прямая MN параллельна оси параболы.

Доказательство. Пусть хорды AB и CD параболы лежат на параллельных прямых 

y = kx + a   и   y = kx + b,

тогда абсциссы точек  A, B, C, D  – это корни уравнений 

x2 = kx + a  и  x2 = kx + b,

а абсциссы точек M и N – полусуммы корней этих уравнений, то есть по теореме Виета равны k/2.  Следовательно, точки M и N лежат на прямой х = k/2, которая параллельна оси Oy. Лемма доказана.

Вернёмся к исходной задаче.

Последовательно осуществляем следующие построения:

1) две параллельные прямые, каждая из которых пересекает параболу в двух точках;

2) прямую через середины получающихся отрезков;

3) перпендикуляр к этой прямой, пересекающий параболу в двух точках А и В;

4) серединный перпендикуляр к отрезку АВ – это ось Оу;

5) ось Ох перпендикулярна Оу в точке пересечения с параболой;

6) единичный отрезок – абсцисса пересечения прямой у = х с параболой.

 

9. Учитель написал на доске квадратный трехчлен х2 + 10х + 20, после чего по очереди каждый из учеников увеличил или уменьшил на единицу либо коэффициент при х, либо свободный член, но не оба сразу. В результате на доске оказался написан квадратный трехчлен х2 + 20х+10. Верно ли, что в некоторый момент на доске был написан квадратный трехчлен с целыми корнями?

Первый способ.

Заметим, что при каждом изменении трехчлена его значение в точке х = – 1 изменяется на 1 (в ту или другую сторону). Значение первого трехчлена

f(x) = х2 + 10х + 20

в этой точке равно f(–1) = 11, а последнего,

g(x) = х2 + 20х+10,

g(–1) = –9. Поэтому в какой-то промежуточный момент на доске был написан трехчлен

h(х) = х2 + + q,

для которого h(–1)=0. Оба его корня – целые числа: один равен –1, другой по теореме Виета равен –q.

 

Второй способ.

Каждому квадратному трёхчлену

x2 + bx + c

поставим в соответствие точку координатной плоскости Оbc, где вдоль оси  Оb будем откладывать значения второго коэффициента, а вдоль Ос – свободного члена. Многочленам

х2 + 10х + 20  и  х2 + 20х +10

будут соответствовать точки

А(10; 20) и В(20; 10),

соответственно. Предложенные в условии операции предполагают перемещение от точки А к точке В вдоль узлов некоторой ломаной L. Узлы L – некоторые целочисленные точки плоскости Оbc, а длина каждого звена L равна 1 (соседние звенья могут лежать на одной прямой).

Так как точки А и В расположены в разных полуплоскостях относительно прямой

с = b – 1,

то ломаная L одним из своих узлов имеет точку этой прямой. Значит, одним из промежуточных многочленов будет многочлен вида

х2 + b0х + (b0 – 1)

с целым b0 и целыми корнями –1 и 1 – b0 .

 

10. Какова вероятность того, что корни квадратного уравнения x2 + 2bx + c = 0 действительны?

Для того чтобы вопрос задачи имел смысл, предположим, что точка (b; c) равномерно распределена на квадрате с центром в начале координат и стороной 2B. Решим задачу при фиксированном значении B, а затем устремим B к бесконечности, так что b и c могут принимать любые значения.

 

На рисунке более тёмная выделенная область отвечает случаю действительных корней,

более светлая – комплексных.

 

Для того чтобы уравнение имело действительные корни, необходимо и достаточно, чтобы

b2 - c > 0.

На приведенном рисунке изображена парабола с = b2 и показана область, где наше уравнение имеет действительные корни для B = 4. 

Нетрудно подсчитать, что площадь «комплексной» области равна (4 · B3/2)/3 (при B > 1), а площадь всего квадрата, конечно, равна 4B2. Следовательно, вероятность того, что корни комплексные, равна 1/(3В). При B = 4 она составляет 1/6. Действительно,

(4 · B3/2) / 3 1  =  1
4B2 3 · В 3 · 4

С ростом B значение дроби 1/В стремится к нулю, так что вероятность того, что корни вещественные, стремится к 1. 

Замечание. Рассмотренная задача отличается от такой же задачи, связанной с уравнением

ax2 + 2bx + c = 0.

Конечно, можно разделить на a, но если a, b и c были независимы и равномерно распределены в некотором кубе, то b/a и c/a уже зависимы и распределены неравномерно.

 

Задачи без решений

1. Корни уравнения х2 + + q = 0, у которого p + q = 198, являются целыми числами. Найдите эти корни.

 

2. В квадратном уравнении х2 + + q = 0 коэффициенты p и q независимо пробегают все значения от –1 до +1 включительно. Найти множество значений, которые при этом могут принимать действительные корни данного уравнения.

 

3. Квадратный трёхчлен f(х) = ax2 + bx + таков, что уравнение f (х) = не имеет действительных корней. Докажите, что уравнение f (f (х)) = х так же не имеет вещественных корней.

 

4. Найдите уравнение общей касательной к параболам у = x2 + 4x + 8 и у = x2 + 8x + 4.

 

5. Пусть   f(x) = x2 + 12x + 30.  Решите уравнение   f (f (f (f (f (x))))) = 0.

 

Группа Математика для школы|math4school.ru ВКонтакте

Давно собирался и вот, наконец! Примерно так выглядит история нашей группы ВКонтакте. Сомнения в необходимости её существования отброшены, и первые материалы сообщества уже выложены.

Нам 4 года!

14 марта 2016 года сайту Математика для школы|math4school.ru исполнилось 4 года. Поскольку число 4 для нашего сайта не чужое, мы решили подвести некоторые итоги.

Новый формат главного меню

Расширены функциональные возможности главного меню.

Галерея на сайте math4school.ru
Приглашаю посетить Галерею, – новый раздел на сайте.

444 года со дня рождения Иоганна Кеплера

27 декабря 2015 года исполнилось 444 года со дня рождения Иоганна Кеплера.

Союз образовательных сайтов